江門二模語文答案

❶ （2013江門二模）兩個質量、帶電量絕對值均相同的粒子a、b，以不同的速率沿AO方向射入圓形勻強磁場區域

A、粒子向右運動，根據左手定則，b向上偏轉，應當帶正電；a向下偏轉專，應當帶負電，故A錯誤屬；
B、由A分析知B正確；
C、洛倫茲力提供向心力，即：qvB=m

v2

r

，得：r=

mv

qB

，故半徑較小的a粒子速度小，故C正確；
D、據T＝

2πR

v

＝

2π mv qB

v

＝

2πm

qB

，粒子在磁場中偏轉角大的運動的時間也長；因為b粒子的偏轉角大小，所以運動的時間就短，故D錯誤．
故選：BC

❷ （2013江門二模）靜電噴塗時，噴槍噴出的塗料微粒帶電，在帶正電被噴工件的靜電力作用下，向被噴工件運

A、由圖知，工件帶來正電源，則在塗料微粒向工件靠近的過程中，塗料微粒帶負電．故A正確．
B、離工件越近，根據庫侖定律得知，塗料微粒所受庫侖力越大．故B錯誤．
C、D塗料微粒所受的電場力方向向左，其位移方向大體向左，則電場力對塗料微粒做正功，其電勢能減小．故C錯誤，D正確．
故選AD

❸ （2009江門二模）（1）如圖1所示，把墨汁用水稀釋後取出一滴放在高倍顯微鏡下觀察，並用顯微鏡追蹤一個

（1）顯微鏡下觀來察到的是源碳粒的無規則運動，碳粒受到周圍液體分子的碰撞，由於沖力不平衡而引起碳粒運動，所以碳粒運動的無規則性反映了液體分子運動的無規則性
（2）瓶塞跳出的過程，瓶內氣體體積增大，氣體對外界做功，由於時間短，熱傳遞很少，根據熱力學第一定律得知，瓶內氣體的內能減小，溫度下降．
故答案為：
（1）碳粒，液體分子運動的無規則性
（2）系統或氣體，外界，下降

❹ （2009江門二模）如圖所示，在光滑水平面上有一質量M=0.4kg滑槽．滑槽面上的AB段是半徑R=0.4m的光滑1/4

（1）設小物體滑到B時速度為V₁，滑槽速度為V₂，由系統水平方向動量守恆及系內統機械能守恆得：容
mV₁=MV₂
mg（H+R）=

1

2

mV₁²+

1

2

MV₂²
解得：V₁=4m/s，V₂=1m/s
（2）之後小物體進入水平表面，而滑槽由於撞牆，速度變為0，設兩者同速為V，相對位移為S，由系統動量守恆及功能關系，得
mV₁=（m+M）V
μmgS=

1

2

mV₁²-

1

2

（m+M）V²
解得：S=1.6m＜L=3m
所以最終小物體離C端
x=（3-1.6）m=1.4m
答：
（1）小物體滑到B點時，小物體的速度為4m/s，滑槽碰牆前的速度為1m/s．
（2）小物體最終與C點的距離為1.4m．

❺ （2013江門二模）如圖所示，質量為m的U型金屬框M′MNN′，靜放在傾角為θ的粗糙絕緣斜面上，與斜面間的

（1）ab中的感應電動勢₀=BLv₀
迴路中電流I₀=

E0

R+r

=

BLv0

R+r

此時底邊MN所受的安培力 F_A=BI₀L=B

BLv0

R+r

L=

B2L2v0

R+r

由左手定則判斷可知：安培力方向沿斜面向上
（2）當框架恰好將要沿斜面向上運動時，MN受到的安培力
F_A=mgsinθ+μmgcosθ
又F_A=BIL
解得 I=

mg(sinθ+μcosθ)

BL

又I=

E

R+r

=

BLv

R+r

解得 v=

mg(R+r)(sinθ+μcosθ)

B2L2

答：（1）當導體棒ab速度為v₀時，框架保持靜止，底邊MN中所通過的電流I₀是

BLv0

R+r

，MN邊所受安培力的大小是

B2L2v0

R+r

，方向沿斜面向上．
（2）當框架恰好將要沿斜面向上運動時，通過底邊MN的電流I為

mg(sinθ+μcosθ)

BL

，此時導體棒ab的速度v是

mg(R+r)(sinθ+μcosθ)

B2L2

．